标题 | 思路指引 解法生成 |
范文 | 摘 要:本文以一道联考压轴题为例,从不同角度引导学生思考与探索,生成了不同的解法,拓展了学生的解题思路,提升了学生的解题技能. 关键词:联考压轴题;思路引导;解法探究 作者简介:韩敬(1977-),男,安徽定远人,本科,中学高级教师,研究方向:课堂优化教学研究. 笔者所在学校的联考试卷的压轴题以正方形为背景,考查正方形的性质、等腰三角形的性质、勾股定理、角平分线等知识.批阅试卷后,统计发现第(2)、(3)问得分率极低.为此,笔者安排了一节课, 引导学生从不同的角度去思考,生成了不同的解法,达到了较好的教学效果.现整理成文,供参考. 1 题目呈现 题目 如图1,点M是正方形ABCD边BC上一點(点M不与点C,B重合),点E在线段AM上,且DA=DE,∠CDE的平分线交AM延长线于点F,交BC于点N. (1)求证:∠AFD=45°; (2)写出线段BF,DF和AF之间的数量关系,并证明; (3)若正方形ABCD的边长为3,点E恰为AM的中点,则BN=. 2 解法指引 2.1 第(1)问的解法思路 师:从结论入手,要证∠AFD=45°,结合正方形的性质,45°角与什么特殊角有关联?由45°角,你能想到什么图形? 生1: 45°是90°的一半(生1给出了解法1). 生2:等腰直角三角形的两个锐角都是45°. 师(追问生2): “∠AFD=45°”所在的三角形是等腰直角三角形吗? 生2:不是. 师:我们怎么办? 生2:构造一个等腰直角三角形(生2给出了解法2). 解法1 由正方形ABCD,得∠ADC=90°. 因为DA=DE, 所以∠AED=∠EAD=180°-∠ADE2. 因为DF平分∠CDE, 所以∠FDE =12∠CDE=90°-∠ADE2. 所以∠AFD=∠AED-∠FDE=180°-∠ADE2-90°-∠ADE2=45°. 解法2 如图2,过点D作DG⊥AF于点G,由正方形ABCD,得∠ADC=90°. 因为DA=AE,所以∠EDG=12∠ADE. 因为DF平分∠CDE,所以∠FDE =12∠CDE. 所以∠FDG=∠EDG+∠FDE =12(∠ADE+∠CDE)=12∠ADC=45°. 因为DG⊥AF,所以∠AFD=90°-∠FDG =45°. 2.2 第(2)问的解法思路 师:解决“零散” 的三条线段之间的关系,我们有哪些经验与方法? 生3:把三条线段转化到一个三角形中,可以利用平移、旋转、轴对称来转化. 师:对,我们常用图形三大变换来转化.本题用哪一种变换呢? 生3:用旋转,也就是把△ABF绕点A逆时针旋转90°得△ADH,但是不能证明H,D,F三点在同一条直线上. 生4:构造全等三角形可以证明(生4给出了解法1). 师:如果我们学过圆的知识,利用旋转可以证明(师顺势给出了解法2). 解法1 如图3,过点A作AH⊥AF,交FD延长线于点H,由(1)知∠AFD=45°,易知∠AFH=∠H=45°. 所以AF=AH. 由正方形ABCD,得AB=AD,∠BAD=90°. 即∠FAD+∠BAF=90°. 因为AH⊥AF,所以∠FAD+∠DAH=90°. 可得∠BAF=∠DAH. 所以△ABF≌△ADH. 所以BF=DH. 在Rt△AFH中, AF2+AH2=FH2. 可得2AF2=FH2,即2AF2=(BF+DF)2. 所以BF+DF=2AF. 解法2 如图4,连接BD,由正方形ABCD,得AB=AD,∠ABD=∠ADB =45°. 由(1)知∠AFD=45°,所以∠ABD=∠AFD. 所以A,B,F,D四点共圆. 所以∠ABF+∠ADF=180°. 把△ABF绕点A逆时针旋转90°得△ADH,可知∠FAH =90°,AF=AH,∠ADH =∠ABF . 从而∠ADH +∠ADF=180°,即H,D,F三点共线. 在Rt△AHF中,AF2+AH2=FH2. 即2AF2=(HD+DF)2=(BF+DF)2. 所以BF+DF=2AF. 2.3 第(3)问的解法思路 师:条件中有 “点E为AM的中点”,由中点你想到哪些相关的方法与结论呢? 生4: 联想到“倍长”中线法、三角形中位线定理,如果是直角三角形斜边的中点,想到直角三角形斜边中线的性质. 解法1 如图5,延长DE交CB的延长线于点I,易知△ADE≌△MIE,可得DE=IE,∠ADE=∠I. 连接NE,由正方形ABCD,得∠C=90°. 因为DF平分∠CDE,所以∠CDN=∠EDN. 因为DN是公共边,所以△DCN≌△DEN. 所以∠DEN=∠C=90°,即NE⊥DI. 又DE=IE,所以DN=IN. 所以∠NDE=∠I,可得∠ADE=∠NDE. 又因为∠CDN=∠NDE, 所以∠CDN=∠NDE =∠ADE=30°. |
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